POJ 3498 March of the Penguins(枚举+最大流)
http://poj.org/problem?id=3498
题意:
在X,Y坐标系中有N(N<=100)个冰块...有些冰块上有若干只企鹅..每只企鹅一次最多跳M距离..一个冰块在有Mi个企鹅离开..就会消失..问有哪些冰块可以作为集合点..就是所有企鹅都能成功到这个冰块上来.
分析:
首先我们枚举每块冰,看看这块冰如果作为集合点,是否所有企鹅都能到这块冰上.
建图:
把每块冰分成两个点i和i+n. i表示进入i冰块的点(可以有无数企鹅过来,所以从别的冰到i有边,容量为INF)
i+n表示从i冰块出去的点(最多只能有Mi企鹅从这跳出去,所以从i到i+n有边,且容量为Mi)
从源点S到i有边(S, i, i点初始企鹅数).
从i到i+n有边(i, i+n, Mi). 表示第i块冰最多只有Mi个企鹅能跳走.
因为i+n表示的是第i个跳走的点,所以如果冰块i和j之间的距离<=企鹅能跳跃的距离M,有边(i+n, j, INF)
假设我们当前枚举第x块冰块作为集合点,那么(x分成x和x+n两个点)x点就是汇点(不是x+n点哦),我们只要计算到x点的流量是否==企鹅总数即可.
注意最后结果输出编号从0计数.
AC代码:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<queue>
#include<algorithm>
#include<vector>
#define INF 1e9
using namespace std;
const int maxn=200+5;
struct Edge
{
int from,to,cap,flow;
Edge(){}
Edge(int f,int t,int c,int fl):from(f),to(t),cap(c),flow(fl){}
};
struct Dinic
{
int n,m,s,t;
vector<Edge> edges;
vector<int> G[maxn];
bool vis[maxn];
int cur[maxn];
int d[maxn];
void init(int n,int s,int t)
{
this->n=n, this->s=s, this->t=t;
edges.clear();
for(int i=0;i<n;i++) G[i].clear();
}
void AddEdge(int from,int to,int cap)
{
edges.push_back( Edge(from,to,cap,0) );
edges.push_back( Edge(to,from,0,0) );
m=edges.size();
G[from].push_back(m-2);
G[to].push_back(m-1);
}
bool BFS()
{
queue<int> Q;
memset(vis,0,sizeof(vis));
vis[s]=true;
d[s]=0;
Q.push(s);
while(!Q.empty())
{
int x=Q.front(); Q.pop();
for(int i=0;i<G[x].size();++i)
{
Edge& e=edges[G[x][i]];
if(!vis[e.to] && e.cap>e.flow)
{
vis[e.to]=true;
d[e.to] = d[x]+1;
Q.push(e.to);
}
}
}
return vis[t];
}
int DFS(int x,int a)
{
if(x==t || a==0) return a;
int flow=0,f;
for(int& i=cur[x];i<G[x].size();++i)
{
Edge& e=edges[G[x][i]];
if(d[e.to]==d[x]+1 && (f=DFS(e.to,min(a,e.cap-e.flow) ) )>0)
{
e.flow +=f;
edges[G[x][i]^1].flow -=f;
flow+=f;
a-=f;
if(a==0) break;
}
}
return flow;
}
int max_flow()
{
int ans=0;
while(BFS())
{
memset(cur,0,sizeof(cur));
ans+=DFS(s,INF);
}
return ans;
}
}DC;
struct Node
{
double x,y;
int n,m;
double get_dist(Node& b)const
{
return ((x-b.x)*(x-b.x)+(y-b.y)*(y-b.y));
}
}nodes[maxn];
int n,num;//n是冰块数,num是企鹅数
double limit;
bool A[maxn][maxn];//是否可行矩阵
bool solve(int t)
{
DC.init(n*2+1, 0, t);
for(int i=1;i<=n;i++)if(nodes[i].n) DC.AddEdge(0, i, nodes[i].n);
for(int i=1;i<=n;i++)if(nodes[i].m) DC.AddEdge(i, i+n, nodes[i].m);
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=i+1;j<=n;j++)
if(A[i][j])
{
DC.AddEdge(i+n,j,INF);
DC.AddEdge(j+n,i,INF);
}
return DC.max_flow() == num;
}
int main()
{
int T; scanf("%d",&T);
while(T--)
{
num=0;//企鹅数
scanf("%d%lf",&n,&limit);
for(int i=1;i<=n;i++)
{
scanf("%lf%lf%d%d",&nodes[i].x,&nodes[i].y,&nodes[i].n,&nodes[i].m);
num += nodes[i].n;//统计企鹅总数
}
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
{
if(i==j) A[i][j]=true;
else A[i][j]= (nodes[i].get_dist(nodes[j]) <= limit*limit);
}
vector<int> ans;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
if(solve(i)) ans.push_back(i);
}
if(ans.size()==0) printf("-1\n");
else
{
for(int i=0;i<ans.size()-1;++i) printf("%d ",ans[i]-1);//输出编号从0计数
printf("%d\n",ans[ans.size()-1]-1);
}
}
return 0;
}
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