题目描述:
有一根27厘米的细木杆,在第3厘米、7厘米、11厘米、17厘米、23厘米这五个位置上各有一只蚂蚁。木杆很细,不能同时通过一只蚂蚁。开始时,蚂蚁的头朝左还是朝右是任意的,它们只会朝前走或调头,但不会后退。当任意两只蚂蚁碰头时,两只蚂蚁会同时调头朝反方向走。假设蚂蚁们每秒钟可以走一厘米的距离。编写程序,求所有蚂蚁都离开木杆的最小时间和最大时间。
之前给出了一个递归的解法,觉得还不够好,因为效率较低,所以用了一个非递归的方法来处理。同样算法步骤都在code的注释里有。
package com.leochan;
public class DirectAntWalker {
public static int totalLength = 27;
public static void main(String[] args) {
directTest();
}
private static void directTest() {
int count = 0;
for (int d1 = -1; d1 <= 1; d1 += 2) {
for (int d2 = -1; d2 <= 1; d2 += 2) {
for (int d3 = -1; d3 <= 1; d3 += 2) {
for (int d4 = -1; d4 <= 1; d4 += 2) {
for (int d5 = -1; d5 <= 1; d5 += 2) {
count++;
// 构造蚂蚁数组
int[] ants = { 3 * d1, 7 * d2, 11 * d3, 17 * d4,
23 * d5 };
// 设置index初始取值范围
int idx1 = 0, idx2 = 4;
int totalTime = 0;
int i = 0;
while (true) {
// 如果有蚂蚁先达到边界,一定是发生在边界处
// 如果第一只蚂蚁已经达到边界,就忽略这只蚂蚁
if (ants[idx1] == 0
|| ants[idx1] == totalLength) {
idx1++;
}
// 如果最后一只蚂蚁已经达到边界,就忽略这只蚂蚁
if (ants[idx2] == 0
|| ants[idx2] == totalLength) {
idx2--;
}
// 如果当前可访问的下界超过上界,就跳出循环
if (idx1 > idx2)
break;
// 如果下届等于上界,则说明仅有一只蚂蚁还没有走出去。
else if (idx1 == idx2) {
if (ants[idx1] < 0) {
totalTime -= ants[idx1];
} else {
totalTime += (totalLength - ants[idx1]);
}
break;
}
// 对于其他情况让 所有的蚂蚁走一步,如果出现了蚂蚁位置重合,就让重合的2只蚂蚁转向
ants[idx1] = ants[idx1] + 1;
for (i = idx1 + 1; i <= idx2; i++) {
ants[i] = ants[i] + 1;
if (ants[i] + ants[i - 1] == 0) {
ants[i] *= -1;
ants[i - 1] *= -1;
}
}
// 消耗的时间递增1。
totalTime++;
}
System.out.print("count=" + count + " d1=" + d1
+ " d2=" + d2 + " d3=" + d3 + " d4=" + d4
+ " d5=" + d5);
System.out.println(" totalTime=" + totalTime);
}
}
}
}
}
}
}
欢迎各位来指正。
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