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[leetcode]Regular Expression Matching
Regular Expression Matching
Implement regular expression matching with support for '.' and '*'.
'.' Matches any single character.
'*' Matches zero or more of the preceding element.
The matching should cover the entire input string (not partial).
The function prototype should be:
bool isMatch(const char *s, const char *p)
Some examples:
isMatch("aa","a") → false
isMatch("aa","aa") → true
isMatch("aaa","aa") → false
isMatch("aa", "a*") → true
isMatch("aa", ".*") → true
isMatch("ab", ".*") → true
isMatch("aab", "c*a*b") → true
'.' Matches any single character.
'*' Matches zero or more of the preceding element.
The matching should cover the entire input string (not partial).
The function prototype should be:
bool isMatch(const char *s, const char *p)
Some examples:
isMatch("aa","a") → false
isMatch("aa","aa") → true
isMatch("aaa","aa") → false
isMatch("aa", "a*") → true
isMatch("aa", ".*") → true
isMatch("ab", ".*") → true
isMatch("aab", "c*a*b") → true
这道题不难,但是烦,就是匹配简单的正则表达式,算法也很简单:
写道
由于*写在字符的后面,因此采取从后往前匹配,省的每读一个数还要看看它后面的字符是不是*,事实也证明,逆向匹配效率也更高
定义p为正则表达式,s为字符串。
分情况考虑:
1. p的最后一个字符是普通字符c,则s的最后一个字符(如果存在)也是c,则将p和s的最后一个字符都删去,比较剩下的子串,否则返回false
2. p的最后一个字符是‘.’ ,如果s的长度>0,将p和s的最后一个字符都删去,比较剩下的子串,否则返回false
前两种的处理比较简单,麻烦的是下面的
3. p的最后一个字符是‘*’,又分为三种情况:
3.1 其前驱字符是普通字符,记为a,对p继续往前遍历,看a*前面还有几个a,并记录其个数letterCountInP,比如aaaaa*的letterCountInP = 4。同理对s进行遍历,看字符结尾有几个a,记录其个数letterCountInS,比如baaa的letterCountInS = 3。
如果letterCountInP > letterCountInS则返回false(如上面举得例子)
否则进行swallow,这里我是用的reluctant匹配法,也可以用greedy匹配原则,其实时间复杂度是一样的。具体可以看代码。
3.2 其前驱字符是‘.’,这种情况稍微简单一点,直接尝试对整个s字符串进行匹配,同样采取reluctant匹配法
3.3其他情况,返回false
定义p为正则表达式,s为字符串。
分情况考虑:
1. p的最后一个字符是普通字符c,则s的最后一个字符(如果存在)也是c,则将p和s的最后一个字符都删去,比较剩下的子串,否则返回false
2. p的最后一个字符是‘.’ ,如果s的长度>0,将p和s的最后一个字符都删去,比较剩下的子串,否则返回false
前两种的处理比较简单,麻烦的是下面的
3. p的最后一个字符是‘*’,又分为三种情况:
3.1 其前驱字符是普通字符,记为a,对p继续往前遍历,看a*前面还有几个a,并记录其个数letterCountInP,比如aaaaa*的letterCountInP = 4。同理对s进行遍历,看字符结尾有几个a,记录其个数letterCountInS,比如baaa的letterCountInS = 3。
如果letterCountInP > letterCountInS则返回false(如上面举得例子)
否则进行swallow,这里我是用的reluctant匹配法,也可以用greedy匹配原则,其实时间复杂度是一样的。具体可以看代码。
3.2 其前驱字符是‘.’,这种情况稍微简单一点,直接尝试对整个s字符串进行匹配,同样采取reluctant匹配法
3.3其他情况,返回false
代码如下:
public boolean isMatch(String s, String p) { if (s == null || p == null) { return s == p ; } if ((!p.contains("*") && !p.contains(".")) || (s.length() == 0 && p.length() == 0)) { return s.equals(p); } Set<Character> letterSet = new HashSet<Character>(Arrays.asList('q','w','e','r','t','y','u','i','o','p','a','s','d','f','g','h','j','k','l','z','x','c','v','b','n','m')); int tail = p.length() - 1; if (letterSet.contains(p.charAt(tail))) { if (s.length() >= 1 && p.charAt(tail) == s.charAt(s.length() - 1)) { return isMatch(s.substring(0, s.length() - 1), p.substring(0, tail)); } return false; }else if(p.charAt(tail) == '.'){ if(s.length() > 0)return isMatch(s.substring(0, s.length() - 1), p.substring(0, tail)); return false; }else{// * // when we met with * we need to check the former letter of it //1. if it is a normal letter /* * for instance a*, we should also check how many a before a* in p ,and how many a in s, * if there are n 'a' before in p and m 'a' in s,we can just swallow m - n 'a' (if m - n < 0 ,return false) */ //2. if it is a . /* just have a shoot ,swallow none ,then one ,two ,three.... check each */ //3. if it is a * return false; if(tail == 0) return false; else{ char pre = p.charAt(tail - 1); if(letterSet.contains(pre)){ int letterCountInP = 0,letterCountInS = 0; for(int i = s.length() - 1; i >= 0; i--){ if(s.charAt(i) == pre){ letterCountInS++; }else break; } for(int i = tail - 2; i >= 0; i--){ if(p.charAt(i) == pre){ letterCountInP++; }else break; } if(letterCountInS < letterCountInP) return false; for(int i = 0; i <= letterCountInS; i++){ if(isMatch(s.substring(0, s.length() - i), p.substring(0, p.length() - 2 - letterCountInP))){ return true; } } return false; }else if(pre == '.'){ for(int i = 0; i <= s.length(); i++){ if(isMatch(s.substring(0, s.length() - i), p.substring(0, p.length() - 2))){ return true; } } return false; }else return false; } } }
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